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力学综合题

力学综合题. A. x 2. x 1. B. 例： 如图示：竖直放置的弹簧下端固定，上端连接一个砝码盘 B ，盘中放一个物体 A ， A 、 B 的质量分别是 M=10.5kg 、 m=1.5 kg ， k=800N/m, 对 A 施加一个竖直向上的拉力，使它做匀加速直线运动，经过 0.2 秒 A 与 B 脱离，刚脱离时刻的速度为 v=1.2m/s ，取 g=10m/s 2 , 求 A 在运动过程中拉力的最大值与最小值。. 解： 对整体 kx 1 =(M+m)g. F + kx - (M+m)g= (M+m)a. 脱离时， A 、 B 间无相互作 用力，

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力学综合题

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E N D

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  1. 力学综合题

  2. A x2 x1 B 例：如图示：竖直放置的弹簧下端固定，上端连接一个砝码盘B，盘中放一个物体A，A、 B的质量分别是M=10.5kg、m=1.5 kg，k=800N/m,对A施加一个竖直向上的拉力，使它做匀加速直线运动，经过0.2秒A与B脱离，刚脱离时刻的速度为v=1.2m/s，取g=10m/s2,求A在运动过程中拉力的最大值与最小值。 解：对整体 kx1=(M+m)g F + kx - (M+m)g= (M+m)a 脱离时，A 、B间无相互作 用力， 对B kx2-mg=ma x1- x2 =1/2 at2 a=v/t=6m/s2 Fmax=Mg+Ma=168N Fmin=(M+m)a=72N

  3. v0 A B 例.如图示，在光滑的水平面上，质量为m的小球B连接着轻质弹簧，处于静止状态，质量为2m的小球A以初速度v0向右运动，接着逐渐压缩弹簧并使B运动，过了一段时间A与弹簧分离. （1）当弹簧被压缩到最短时，弹簧的弹性势能EP多大？ （2）若开始时在B球的右侧某位置固定一块挡板，在A球与弹簧未分离前使B球与挡板发生碰撞，并在碰后立即将挡板撤走，设B球与挡板的碰撞时间极短，碰后B球的速度大小不变但方向相反，欲使此后弹簧被压缩到最短时，弹性势能达到第（1）问中EP的2.5倍，必须使B球在速度多大时与挡板发生碰撞？

  4. v0 甲 v1 v2 乙 A A A A B B B B v1 v2 丙 V 丁 解： （1）当弹簧被压缩到最短时，AB两球的速度相等设为v， 由动量守恒定律 2mv0=3mv 由机械能守恒定律 EP=1/2×2mv02 -1/2×3mv2 = mv2/3 （2）画出碰撞前后的几个过程图 由甲乙图 2mv0=2mv1 +mv2 由丙丁图 2mv1- mv2 =3mV 由机械能守恒定律（碰撞过程不做功） 1/2×2mv02 =1/2×3mV2 +2.5EP 解得v1=0.75v0 v2=0.5v0 V=v0/3

  5. v0 m 2m • 例7.如图示：质量为2m 的木板，静止放在光滑的水平面上，木板左端固定 着一根轻弹簧，质量为m 的小木块（可视为质点），它从木板右端以未知速度v0开始沿木板向左滑行。最终回到木板右端刚好未从木板上滑出。若在小木块压缩弹簧的过程中，弹簧具有的最大弹性势能为EP，小木块与木板间滑动摩擦系数大小保持不变，求： • 木块的未知速度v0 • 以木块与木板为系统,上述过程中系统损失的机械能.

  6. v0 m 2m v1 m 2m ∴ m v2 2m 弹簧压缩最短时，两者具有相同的速度v1， 解: 由动量守恒定律得： v1=1/3 v0 木块返回到右端时，两者具有相同的速度v2,同理v2=1/3 v0 由能量守恒定律 1/2mv02 =1/2×3mv12 +Ep+fl 1/2×3mv12 +Ep= 1/2×3mv22 + f l ∵v1= v2 ∴ Ep = f l ∴ 1/2mv02 = 1/2×3mv12 +2 Ep 即 1/3mv02= 2 Ep ∴ E=2 Ep

  7. 2000年高考22 A B P C v0 在原子核物理中，研究核子与核关联的最有效途径是“双电荷交换反应”。这类反应的前半部分过程和下述力学模型类似。两个小球A和B用轻质弹簧相连，在光滑的水平直轨道上处于静止状态。在它们左边有一垂直于轨道的固定挡板P，右边有一小球C沿轨道以速度v0 射向 B球，如图所示。C与B发生碰撞并立即结成一个整体D。在它们继续向左运动的过程中，当弹簧长度变到最短时，长度突然被锁定，不再改变。然后，A球与挡板P发生碰撞，碰后A、D都静止不动，A与P接触而不粘连。过一段时间，突然解除锁定（锁定及解除定均无机械能损失）。已知A、B、C三球的质量均为m。　　（1）求弹簧长度刚被锁定后A球的速度。　　（2）求在A球离开挡板P之后的运动过程中，弹簧的最大弹性势能。

  8. A B P C v0 v2 D A v1 P A D P 题目 上页 下页 （1）设C球与B球粘结成D时，D的速度为v1，由动量守恒，有 mv0 =(m+m)v1 ① 当弹簧压至最短时，D与A的速度相等，设此速度为v2，由动量守恒，有 2mv1 =3m v2 ② 由①、②两式得A的速度v2=1/3 v0 ③

  9. （2）设弹簧长度被锁定后，贮存在弹簧中的势能为 EP，由能量守恒，有 当弹簧伸到最长时，其势能最大，设此势能为 ，由能量守恒，有 题目 上页 撞击P后，A与D 的动能都为零，解除锁定后，当弹簧刚恢复到自然长度时，势能全部转变成D 的动能，设D的速度为v3，则有 当弹簧伸长，A球离开挡板P，并获得速度。当A、D的速度相等时，弹簧伸至最长。设此时的速度为v4，由动量守恒，有 2mv3=3mv4 ⑥ 解以上各式得

  10. 01年春季北京 m=1.0kg v0 =2.0m/s C B A M=2.0kg M=2.0kg 如图所示，A、B是静止在水平地面上完全相同的两块长木板。A的左端和B的右端相接触。两板的质量皆为M=2.0kg，长度皆为l =1.0m,C 是一质量为m=1.0kg的木块．现给它一初速度v0 =2.0m/s，使它从B板的左端开始向右动．已知地面是光滑的，而C与A、B之间的动摩擦因数皆为μ=0.10．求最后A、B、C各以多大的速度做匀速运动．取重力加速度g=10m/s2.

  11. ① ② 相加得 v0 C B A ④ x C V B A 题目 下页 S 解：先假设小物块C 在木板B上移动距离 x 后，停在B上．这时A、B、C 三者的速度相等，设为V． 由动量守恒得 在此过程中，木板B 的位移为S，小木块C 的位移为S+x． 由功能关系得 解①、②两式得 代入数值得

  12. v1 ⑦ C V1 B A ⑧ 题目 上页 下页 x 比B 板的长度l 大．这说明小物块C不会停在B板上，而要滑到A 板上．设C 刚滑到A 板上的速度为v1，此时A、B板的速度为V1，如图示： 则由动量守恒得 由功能关系得 以题给数据代入解得 由于v1 必是正数，故合理的解是

  13. V2 V1 y C B A 题目 上页 下页 当滑到A之后，B 即以V1= 0.155m/s 做匀速运动．而C 是以 v1=1.38m/s 的初速在A上向右运动．设在A上移动了y距离后停止在A上，此时C 和A 的速度为V2，如图示： 对AC，由动量守恒得 解得 V2 = 0.563 m/s ⑩ 由功能关系得 解得 y = 0.50 m y 比A 板的长度小，故小物块C 确实是停在A 板上．最后A、B、C 的速度分别为:

  14. v v1 v2 d 0 d1 d2 1/v 1/v2 1/v 1/v1 d d 0 d1 d2 一只老鼠从洞口爬出后沿一直线运动，其速度大小与其离开洞口的距离成反比，当其到达距洞口为d 1的A点时速度为v 1，若B点离洞口的距离为d 2（d 2 > d 1），求老鼠由A 运动到B 所需的时间 解：v1=k/d1 k=d1 v1 1/v1= d1 / k v2=k/d2= d1v1 / d2 1/v2= d2 / d1 v1 作出v—d图线，见图线， 将v—d图线转化为1/v--d图线， 取一小段位移d，可看作匀速运动， t= d/v= d×1/v即为小窄条的面积。 同理可得梯形总面积即 为所求时间 t =1/2×(1/v2+1/v1)(d2-d1) =(d2-d1)2 /2d1v1

  15. 双星系统 经过用天文望远镜长期观测，人们在宇宙中发现了许多双星系统。所谓双星系统是由两个星体构成的天体系统，其中每个星体的线度都远远小于两个星体之间的距离，根据对双星系统的光度学测量确定，这两个星体中的每一个星体都在绕两者连线中的某一点作圆周运动，星体到该点的距离与星体的质量成反比，一般双星系统与其它星体距离都很远，除去双星系统中两个星体之间相互作用的万有引力外，双星系统所受其它天体的作用都可以忽略不计（这样的系统称为孤立系统）。现根据对某一双星系统的光度学测量确定，该双星系统中每个星体的质量都是m，两者的距离是L。 下页

  16. （1）试根据动力学理论计算该双星系统的运动周期 T0。 （2）若实际观测到该双星系统的周期为T，且 。为了解释T与T0之间的差异，目前有一种流行的理论认为，在宇宙中可能存在一种用望远镜观测不到的暗物质。作为一种简化模型，我们假定认为在这两个星体连线为直径的球体内均匀分布着这种暗物质，若不考虑其它暗物质的影响，试根据这一模型和上述观测结果确定该星系间这种暗物质的密度。 上页 下页

  17. m · o m 解： 设暗物质的质量为M，重心在O点 题目 上页

  18. D L L A C B 2003全国理综34、 一传送带装置示意如图，其中传送带经过AB区域时是水平的，经过BC区域时变为圆弧形（圆弧由光滑模板形成，未画出），经过CD区域时是倾斜的，AB和CD都与BC相切。现将大量的质量均为m的小货箱一个一个在A处放到传送带上，放置时初速为零，经传送带运送到D处，D和A的高度差为h。稳定工作时传送带速度不变，CD段上各箱等距排列，相邻两箱的距离为L。每个箱子在A处投放后，在到达B之前已经相对于传送带静止，且以后也不再滑动（忽略经BC段时的微小滑动）。已知在一段相当长的时间T 内，共运送小货箱的数目为N。这装置由电动机带动，传送带与轮子间无相对滑动，不计轮轴处的摩擦。 求电动机的平均输出功率P。

  19. 解析:以地面为参考系(下同)，设传送带的运动速度为v0，在水平段运输的过程中，小货箱先在滑动摩擦力作用下做匀加速运动，设这段路程为s，所用时间为t，加速度为a，则对小箱有： S =1/2·at2 v0 =at 在这段时间内，传送带运动的路程为： S0 =v0 t 由以上可得： S0 =2S 用f 表示小箱与传送带之间的滑动摩擦力，则传送带对小箱做功为 A＝f S＝1/2·mv02 传送带克服小箱对它的摩擦力做功 A0＝f S0＝2×1/2·mv02 两者之差就是摩擦力做功发出的热量 Q＝1/2·mv02 [也可直接根据摩擦生热 Q=f △S=f（S0- S）计算] 题目

  20. W=PT 可见，在小箱加速运动过程中，小箱获得的动能与发热量相等. Q＝1/2·mv02 T时间内，电动机输出的功为： 此功用于增加小箱的动能、势能以及克服摩擦力发热，即： W=N· [ 1/2·mv02+mgh+Q ]= N· [ mv02+mgh] 已知相邻两小箱的距离为L，所以： v0T＝NL v0＝NL / T 联立，得： 题目

  21. 04年江苏高考15 (15分)如图所示，半径为R、圆心为O的大圆环固定在竖直平面内，两个轻质小圆环套在大圆环上．一根轻质长绳穿过两个小圆环，它的两端都系上质量为m的重物，忽略小圆环的大小。 （1）将两个小圆环固定在大圆环竖直对称轴的两侧θ=30°的位置上(如图)．在两个小圆环间绳子的中点C处，挂上一个质量M= m的重物，使两个小圆环间的绳子水平，然后无初速释放重物M．设绳子与大、小圆环间的摩擦均可忽略，求重物M下降的最大距离． （2）若不挂重物M．小圆环可以在大圆环上自由移动，且绳子与大、小圆环间及大、小 圆环之间的摩擦均可以忽略，问 两个小圆环分别在哪些位置时， 系统可处于平衡状态? C θ θ R O m m

  22. C θ θ R O m m (1)重物向下先做加速运动，后做减速运动，当重物速度 为零时，下降的距离最大．设下降的最大距离为h ， 由机械能守恒定律得 解得 （另解h=0舍去） (2)系统处于平衡状态时，两小环的可能位置为 a．两小环同时位于大圆环的底端． b．两小环同时位于大圆环的顶端． c．两小环一个位于大圆环的顶端， 另一个位于大圆环的底端． 题目 下页 d. 见下页

  23. N C T T O T m m mg d．除上述三种情况外，根据对称性可知，系统如能平衡，则两小圆环的位置一定关于大圆环竖直对称轴对称．设平衡时，两小圆环在大圆环竖直对称轴两侧α角的位置上(如图所示)． 对于重物，受绳子拉力与重力作用， 有T=mg 对于小圆环，受到三个力的作用，水平绳的拉力T、 竖直绳子的拉力T、大圆环的支持力N. 两绳子的拉力沿大圆环切向的分力大小相等，方向相反 得α=α′, 而α+α′=90°， 题目 上页 所以α=45 °

  24. 04年江苏高考16 vs vA x S A 16. (15分)如图所示，声源S和观察者A都沿x轴正方向运动，相对于地面的速率分别为 vs 和 vA ．空气中声音传播的速率为 vp ,设 vs < vp , vA < vp ,空气相对于地面没有流动． （1）若声源相继发出两个声信号．时间间隔为Δt,请根据发出的这两个声信号从声源传播到观察者的过程．确定观察者接收到这两个声信号的时间间隔Δt′． （2）请利用(1)的结果，推导此情形下观察者接收到的声波频率与声源发出的声波频率间 的关系式．

  25. 解：（1）设 t1、t2为声源S发出两个信号的时刻， 、 为观察者接收到两个信号的时刻。 则第一个信号经过（ －t1）时间被观察者A接收到， 第二个信号经过（ －t2）时间被观察者A接收到。 t1 t1 t1′ A S vA(t1′- t1) L vp(t1′- t1) t1 t2 t1 t2′ A S L vA(t2′- t1) vsΔt vp(t2′- t2) 且 t2－ t1 = △t 设声源发出第一个信号时，S、A两点间的距离为L，两个声信号从声源传播到观察者的 过程中，它们运动的距离关系 如图所示，可得 由以上各式，得 题目 下页

  26. （2）设声源发出声波的振动周期为T，这样，由以上结论，观察者接收到的声波振动的周期T为 由此可得，观察者接收到的声波频率与声源发出声波频率间的关系为 题目 上页

  27. 04年江苏高考18 (16分)一个质量为M的雪橇静止在水平雪地上，一条质量为m的爱斯基摩狗站在该雪橇上．狗向雪橇的正后方跳下，随后又追赶并向前跳上雪橇；其后狗又反复地跳下、追赶并跳上雪橇，狗与雪橇始终沿一条直线运动．若狗跳离雪橇时雪橇的速度为V，则此时狗相对于地面的速度为V+u(其中u为狗相对于雪橇的速度，V+u为代数和．若以雪橇运动的方向为正方向，则V为正值，u为负值)．设狗总以速度v追赶和跳上雪橇，雪橇与雪地间的摩擦忽略不计．已知v 的大小为5m/s，u的大小为4m/s，M=30kg，m=10kg. （1）求狗第一次跳上雪橇后两者的共同速度的大小． （2）求雪橇最终速度的大小和狗最多能跳上雪橇的次数． （供使用但不一定用到的对数值：lg2=O.301，lg3=0.477)

  28. 狗第1次跳上雪橇时，雪橇与狗的共同速度 满足 将 解：（1）设雪橇运动的方向为正方向，狗第1次跳下雪橇后雪橇的速度为V1，根据动量守恒定律，有 可解得 代入，得 题目 下页

  29. （2）解：设雪橇运动的方向为正方向。狗第i 次跳下雪橇后，雪橇的速度为Vi ,狗的速度为Vi+u；狗第i次跳上雪橇后，雪橇和狗的共同速度为 Vi′， 由动量守恒定律可得 MV1+m（V1+u）=0 第一次跳下雪橇： 第一次跳上雪橇： MV1+mv =（M+m）V1′ 第二次跳下雪橇： （M+m） V1′ =MV2+ m（V2+u） 第二次跳上雪橇： MV2+mv =（M+m）V2′ 题目 下页

  30. 第三次跳下雪橇： （M+m）V2′= MV3 + m（V3 +u） 第三次跳上雪橇： （M+m）V3 ′= MV4+m（V4+u） 第四次跳下雪橇： 此时雪橇的速度已大于狗追赶的速度，狗将不可能追上雪橇。因此，狗最多能跳上雪橇3次。 雪橇最终的速度大小为5.625m/s. 题目 上页

  31. 04年天津16 x t/s 0 T T/2 公路上匀速行驶的货车受一扰动，车上货物随车厢底板上下振动但不脱离底板。一段时间内货物在坚直方向的振动可视为简谐运动，周期为T。取竖直向上为正方向，以某时刻作为计时起点，即，其振动图象如图所示，则（ ） A． t=T/4 时，货物对车厢底板的压力最大 B． t=T/2 时，货物对车厢底板的压力最小 C． t=3T/4时，货物对车厢底板的压力最大 D． t=3T/4时，货物对车厢底板的压力最小 C 点拨：a的大小与x成正比，方向与x相反， 当x 为负最大时，加速度a为正最大， 货物受到向上的合力最大，车厢底 板对货物的支持力最大，货物对车 厢底板的压力最大

  32. S2 f v0 m f L F M f地 v S1 L 例：如图示，小木块质量m=1kg,长L=1m，长木板质量M=10kg，木板与地面以及木块间动摩擦因数均为μ=0.5，当木板从静止开始受水平向右的恒力F=90N作用时，木块以初速v0=4m/s向左滑上木板的右侧，则为使木块不滑离木板，木板的长度L至少要多长？ 解：m受摩擦力向左匀减速运动，a1= μg = 5m/s2 M受到合力作用向右匀加速运动， a2=(F-f-f地)/M=（90- 5-55）/10=3m/s2 设经过ts，木块向左减速到0再向右加速到v 时，跟木板相对静止，木块刚好不滑离木板，如图示 v1= v0 - a1 t v2= a2 t - v1= v2 = v解得t=2s S1=v0 t-1/2a1 t2 =8-10=-2m S2=1/2a2t2 =6m 注意正负号的意义 ∴L= S2 + S1 =4m

  33. l S箱 S车 如图所示，一质量为500kg的木箱放在质量为2000kg的平板车的后部，木箱到驾驶室的距离l=1.6m。已知木箱与车底板间的动摩擦因数μ=0.848，平板车运动过程中所受的行驶阻力是车和箱总重的0.20倍，平板车以v0=22m/s的速度匀速行驶。某时刻驾驶员遇情况突然刹车，车做匀减速运动，为不让木箱撞击驾驶室，求：（1）从刹车开始到平板车完全停止至少要经多长时间。（2）刹车时平板车所受的刹车阻力不能超过多大。

  34. μm箱g F f 地 解．（1）设为使木箱恰好不撞击驾驶室的最小刹车时间为t，刹车过程中车和木箱的加速度分别为a车和a箱，运动的位移分别为S车和S箱。 刹车后，对车有： v02=2a车s车， v0= a车t 木箱的加速度a箱=μg， 刹车后木箱运动至停止， 有：v02=2a箱S箱， 木箱刚好不撞击驾驶室时，有： S箱- S车=l。 解得：a车=5m/s2，t=4.4s （2）设刹车阻力为F，则刹车过程，对车受力如图示： F+0.20（m箱+m车）g-μm箱g= m车a车， 解得 F = 7420N

  35. V/ms-1 B 15 C D 10 5 A t/s 4 0 例、人和雪橇的总质量为75kg，沿倾角θ=37°且足够长的斜坡向下运动，已知雪橇所受的空气阻力与速度成正比，比例系数k未知，从某时刻开始计时，测得雪橇运动的v-t图象如图中的曲线AD所示，图中AB是曲线在A点的切线，切线上一点B的坐标为（4, 15），CD是曲线AD的渐近线，g取10m/s2，试回答和求解： ⑴雪橇在下滑过程中，开始做什么运动，最后做什么运动？ ⑵当雪橇的速度为5m/s时，雪橇 的加速度为多大？ ⑶雪橇与斜坡间的动摩擦因数μ 多大？

  36. V/ms-1 B 15 C D 10 5 A t/s 4 0 由图线可知，雪橇开始以5m/s的初速度作加速度逐渐减小的变加速运动，最后以10m/s作匀速运动 解： ⑴ ⑵ t=0，v0= 5m/s 时AB的斜率等于加速度的大小 a=Δv/Δt= 10/4 = 2.5 m/s2 ⑶ t=0 v0= 5m/s f0=kv0 由牛顿运动定律 mgsinθ - μ mgcosθ –kv0 = ma ① t=4s vt= 10m/s ft=kvt mgsinθ - μ mgcosθ –kvt =0 ② 解① ②得 k=37. 5 Ns/m μ= 0.125

  37. F2 F1 A B 甲 a/ms-2 10 8 B 6 4 A 2 t/s 0 1 2 3 4 5 6 乙 例、如图甲示，质量分别为m1=1kg 和m2=2kg 的A B两物块并排放在光滑水平面上，若对A、B分别施加大小随时间变化的水平外力 F1 和 F2，若 F1=（9-2t）N F2=（3+2t）N,则 ⑴经多少时间t 0两物块开始分离？ ⑵在同一坐标乙中画出两物块的加速度a1和a2随时间变化的图象 ⑶速度的定义为v=ΔS/Δt， “ v-t”图线下的“面积”在数值上等于位移ΔS；加速度的 定义为a=Δv/Δt ，则“a-t”图线 下的“面积”在数值上应等于什么？ ⑷试计算A、B两物块分离后2s的 速度各多大？

  38. 1kg 2kg A B F2=（3+2t）N F1=（9-2t）N 解： ⑴对整体： F1 + F2 =(m1+m2) a a=12/3=4m/s2 F1 -T= m1a 设两物块间的作用力为T，对A : T= F1 - m1a = 5 –2 t 当T=0时，两物块分离， ∴ t0= 2.5 s，（分离前两物块的加速度相同为4m/s2 ） ⑵分离后，对A a1= F1/m1=(9-2t) m/s2 t>2.5s 对B a2= F2/m2=(1.5+t) m/s2 画出两物块的a-t 图线如图示（见前页） ⑶ “a-t”图线下的“面积”在数值上等于速度的变化Δv ⑷ 由⑶算出图线下的“面积”即为两物块的速度 ∴ VA=（4.5+2.5）×4 / 2=14m/s VB=（4 × 2.5）+（4+6）× 2 / 2 = 20 m/s

  39. mB mA B A M 例11. 质量为M=3kg的小车放在光滑的水平面上，物块A和B的质量为mA=mB=1kg，放在小车的光滑水平底板上，物块A和小车右侧壁用一根轻弹簧连接起来，不会分离。物块A和B并排靠在一起，现用力压B，并保持小车静止，使弹簧处于压缩状态，在此过程中外力做功135J，如右图所示。撤去外力，当B和A分开后，在A达到小车底板的最左端位置之前，B已从小车左端抛出。求： (1) B与A分离时A对B做了多少功? (2) 整个过程中，弹簧从压缩状态开始，各次恢复原长时，物块A和小车的速度

  40. 解：(1) mB mA E0=135J V v B A M A M B A M AB将分离时弹簧恢复原长, AB的速度为v,小车速度为V,对A、B、M系统，由动量守恒定律和机械能守恒定律得： (mA+mB)v-MV=0 1/2 (mA+mB)v2+1/2MV2 =E0 即 2v-3V=0 v2+1.5V2 =135 解得 v= 9m/s, V=6m/s ∴WA对B=1/2mBv2=40.5J (2)B离开小车后，对小车和A及弹簧系统由动量守恒定律和机械能守恒定律得： 即 v1-3V1=0 v12+3V12 =189 mAv1-MV1=0 1/2 mAv12+1/2MV12 =E0 –40.5 解得 v1= 13.5m/s, V1=1.5m/s 答：B与A分离时A对B做了多少功40.5J (2)弹簧将伸长时小车 和A 的速度分别为9m/s, 6m/s； 将压缩时为13.5m/s, 1.5m/s

  41. 01年全国22 F （13分）一个圆柱形的竖直的井里存有一定量的水，井的侧面和底部是密闭和.在井中固定地插着一根两端开口的薄壁圆管，管和井共轴，管下端未触及井底，在圆管内有一不漏气的活塞，它可沿圆管上下滑动.开始时，管内外水面相齐，且活塞恰好接触水面，如图所示，现有卷场机通过绳子对活 塞施加一个向上的力F，使活塞缓慢向 上移动.已知管筒半径r=0.100m，井的 半径R=2r，水的密度=1.00×103kg/m3， 大气压p0=1.00×105Pa.求活塞上升 H=9.00m的过程中拉力F所做的功. （井和管在水面以上及水面以下的 部分都足够长.不计活塞质量，不计 摩擦，重力加速度g=10m/s2.） 下页

  42. F h1 h0 h2 解:从开始提升到活塞升至内外水面高度差为 h0 =p0 /ρg=10m 的过程中，活塞始终与管内液体接触，（再提升活塞时，活塞和水面之间将出现真空，另行讨论） 设: 活塞上升距离为h1，管外液面下降距离为h2， h0=h1+h2……① 因液体体积不变，有 题给H=9m>h1，由此可知确实有活塞下面是真空的一段过程. 题目 上页 下页

  43. 活塞移动距离从0 到h1的过程中，对于水和活塞这个整体，其机械能的增量应等于除重力外其他力所做的功，因为始终无动能，所以机械能的增量也就等于重力势能增量，即 其他力有管内、外的大气压力和拉力F，因为液体不可压缩，所以管内、外大气压力做的总功， 故外力做功就只是拉力F做的功， 由功能关系知 W1=ΔE……⑤ 活塞移动距离从h1到H的过程中,液面不变, F是恒力F=πr2 p0 做功为 所求拉力F做的总功为 题目 上页

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